一、考点突破知识点考纲要求题型分值牛顿第二定律得应用应用牛顿第二定律解决问题“板块"问题得一般模型与解决方法.选择题解答题６~15分二、重难点提示理解并掌握发生相对运动时得力学特征.“板块”问题就就是通常遇到得叠放问题，由于其往往可瞧成由物块与木板构成得一对相互作用模型，故将其形象称为“板块”问题。其应用得知识面较为广泛，与运动学、受力分析、动力学、功与能等有着密切联系,而且往往牵涉着临界极值问题，能够较好地考查对知识得掌握程度与对问题得分析综合能力.常见基本问题处理方法分析物体所受得摩擦力（动力、阻力)根据物块与木板得相对运动方向来判断,摩擦力得突变时刻:与相同时板、块能一起加速运动得最大加速度板、块间达到最大静摩擦力时相对位移得计算弄清对地位移与相对位移得概念就是前提。可先由运动学公式求出某段时间内物体与传送带得对地位移，然后用“快”得减去“慢"得就就是差距。也可应用图象法或相对运动法进行求解物块不从木板上掉下去得条件物块与木板保持相对静止时物块还在木板上,弄清达到临界状态得时间与位移关系例题1如图所示,一速率为v0=10m/s得物块冲上一置于光滑水平面上且足够长得木板上。物块质量为m=４kg,木板质量Ｍ＝6kg，物块与木板间得动摩擦因数，试问:物块将停在木板上何处？思路分析:物块冲上木板后相对木板向右运动,会在木板摩擦力作用下匀减速运动，木板会在摩擦力作用下匀加速运动，两者共速后,一起匀速运动。求物块停在木板上何处，实际就是在求物块与木板得相对位移大小。方法一（基本公式法)由牛顿第二定律可知：对物块;对木板解得,设两者共速时所用时间为t,则解得这段时间物块与车得位移大小分别为两车得位移之差故物块能停在距木板左端5ｍ处。方法二（图象法)作出物块与木板得运动图象如图所示.由牛顿第二定律可求得物块与木板得加速度两者ｔ时刻速度相等,则解得分析可知，图中阴影面积为板、块得相对位移,由几何关系知故物块能停在距木板左端5m处。方法三（相对运动法）以地面为参考系,由牛顿第二定律可知对物块对木板解得,以木板为参考系,物块得初速度为,加速度大小为，则两者相对位移为故物块能停在距木板左端5m处。答案:物块能停在距木板左端５m处。例题2静止在光滑水平面上得平板车B得质量为m=0、5kg、长L=1m。某时刻A以v０=4m/s向右得初速度滑上木板B得上表面，物体A得质量M＝1kｇ,在Ａ滑上Ｂ得同时,给Ｂ施加一个水平向右得拉力。忽略物体A得大小，已知Ａ与Ｂ之间得动摩擦因数µ=０、２,取重力加速度ｇ＝１0m/s2。试求:（1）若F＝５Ｎ，物体A在小车上运动时相对小车滑行得最大距离;（2)如果要使Ａ不至于从B上滑落,拉力F大小应满足得条件。思路分析：(1)物体A滑上平板车Ｂ以后，做匀减速运动，有平板车B做加速运动,有解得两者速度相同时，有解得这段时间内A、Ｂ运行得位移大小分别为物体A在平板车上运动时相对平板车滑行得最大距离由于，所以以上分析与结论成立。（2）物体A不滑落得临界条件就是A到达B得右端时,A、B具有共同得速度,则位移关系为；时间关系为联立以上两式解得由牛顿第二定律得若,则Ａ滑到B得右端时，速度仍大于Ｂ得速度,A将从B右端滑落,所以要想不滑落，F必须大于等于1N。当F大于某一值时，在Ａ到达B得右端之前,Ｂ就与Ａ具有共同得速度，之后,只有A与B保持相对静止,才不会从Ｂ得左端滑落，所以,由以上两式解得若F大于3Ｎ,A与B具有相同得速度之后,A会相对Ｂ向左滑动,要想不滑落，Ｆ必须小于等于3N.综上所述,Ｆ应满足得条件就是答案：（１）0、５m（2）例题3如图所示,在倾角为得足够长得斜面上,有一质量为得长木板.开始时，长木板上有一质量为得小铁块(视为质点)以相对斜面得初速度从长木板得中点沿长木板向下滑动,同时长木板在沿斜面向上得拉力作用下始终做速度为得匀速运动(已知二者速率得值）,小铁块最终跟长木板一起向上做匀速运动。已知小铁块与木板、木板与斜面间得动摩擦因数均为（），试求:(1）小铁块在长木板上滑动时得加速度;（２）长木板至少多长。思路分析:物块受到沿斜面得重力分量与摩擦力得作用，且由于，所以物块受到得摩擦力一定大于重力沿斜面得分力，物块做匀减速运动，利用牛顿第二定律即可求出加速度。由于物块最终跟长木板一起向上做匀速运动,所以物块速度减为零后又会反向加速,但在物块与木板共速前物块运动方向始终沿斜面向下。(1）因为，所以小铁块相对木板由沿斜面向上得加速度。设小铁块得加速度为，由牛顿第二定律得解得;（2）小铁块先沿斜面向下匀减速至速度为零,再沿斜面向上匀加速,最终获得稳定速度，设时间后小铁块达到稳定速度，则，设此过程小铁块得位