专题电磁感应的综合应用图9－3－121.（2010·扬州模拟）如图9-3-12甲所示，光滑导轨水平放置在与水平方向夹角60°斜向下的匀强磁场中，匀强磁场的磁感应强度→b的方向为电流的正方向，水平向右的方向为外力的正方向，则在0~t时间内，能正确反映流过导体棒ab的电流i和导体棒ab所受水平外力F随时间t变化的图象是解析：由楞次定律可判定回路中的电流始终为b→a方向，由法拉第电磁感应定律可判定回路电流大小恒定，故A、B两项错；由F安=BIL可得F安随B的变化而变化，在0~t0时间内，F安方向向右，故外力F与F安等值反向，方向向左为负值；在t0~t时间内，F安方向改变，故外力F方向也改变为正值，综上所述，D项正确.答案：D图9－3－132．如图9－3－13所示，在水平桌面上放置两条相距l的平行粗糙且无限长的金属导轨ab与cd，阻值为R的电阻与导轨的a、c端相连．金属滑杆MN垂直于导轨并可在导轨上滑动，且与导轨始终接触良好．整个装置放于匀强磁场中，磁场的方向竖直向上，磁感应强度的大小为B.滑杆与导轨电阻不计，滑杆的中点系一不可伸长的轻绳，绳绕过固定在桌边的光滑轻滑轮后，与一质量为m的物块相连，拉滑杆的绳处于水平拉直状态．现若从静止开始释放物块，用I表示稳定后回路中的感应电流，g表示重力加速度，设滑杆在运动中所受的摩擦阻力恒为Ff，则在物块下落过程中()A．物体的最终速度为eq\f((mg－Ff)R,B2l2)B．物体的最终速度为eq\f(I2R,mg－Ff)C．稳定后物体重力的功率为I2RD．物体重力的最大功率可能大于eq\f(mg(mg－f)R,B2l2)解析：由题意分析可知，从静止释放物块，它将带动金属滑杆MN一起运动，当它们稳定时最终将以某一速度做匀速运动而处于平衡状态，设MN的最终速度为v，对MN列平衡方程：eq\f(B2l2v,R)＋Ff＝mg，∴v＝eq\f((mg－Ff)R,B2l2)，所以A项正确；又从能量守恒定律角度进行分析，物块的重力的功率转化为因克服安培力做功而产生的电热功率和克服摩擦力做功产生热功率，所以有：I2R＋Ffv＝mgv，所以，v＝eq\f(I2R,mg－Ff)，所以B项正确，C项错误；物块重力的最大功率为Pm＝mgv＝mgeq\f((mg－Ff)R,B2l2)，所以D错误．答案：AB图9－3－143．如图9－3－14所示，半径为a的圆环电阻不计，放置在垂直于纸面向里，磁感应强度为B的匀强磁场中，环内有一导体棒电阻为r，可以绕环匀速转动．将电阻R，开关S连接在环和棒的O端，将电容器极板水平放置，并联在R和开关S两端，如图9－3－14所示．(1)开关S断开，极板间有一带正电q，质量为m的粒子恰好静止，试判断OM的转动方向和角速度的大小．(2)当S闭合时，该带电粒子以eq\f(1,4)g的加速度向下运动，则R是r的几倍？解析：(1)由于粒子带正电，故电容器上极板为负极，根据右手定则，OM应绕O点逆时针方向转动．粒子受力平衡：mg＝qeq\f(U,d)，E＝eq\f(1,2)Ba2ω.当S断开时，U＝E，解得ω＝eq\f(2mgd,qBa2).(2)当S闭合时，根据牛顿第二定律mg－qeq\f(U′,d)＝m·eq\f(1,4)g，U′＝eq\f(E,R＋r)·R，解得eq\f(R,r)＝3.答案：(1)OM应绕O点逆时针转动eq\f(2mgd,qBa2)(2)3图9－3－154．如图9－3－15所示，在距离水平地面h＝0.8m的虚线的上方，有一个方向垂直于纸面水平向内的匀强磁场，正方形线框abcd的边长l＝0.2m，质量m＝0.1kg，电阻R＝0.08Ω.一条不可伸长的轻绳绕过轻滑轮，一端连线框，另一端连一质量M＝0.2kg的物体A.开始时线框的cd在地面上，各段绳都处于伸直状态，从如图所示的位置由静止释放物体A，一段时间后线框进入磁场运动，已知线框的ab边刚进入磁场时线框恰好做匀速运动．当线框的cd边进入磁场时物体A恰好落地，同时将轻绳剪断，线框继续上升一段时间后开始下落，最后落至地面．整个过程线框没有转动，线框平面始终处于纸面内，g取10m/s2.求：(1)匀强磁场的磁感应强度B?(2)线框从开始运动到最高点，用了多长时间？(3)线框落地时的速度多大？解析：(1)设线框到达磁场边界时速度大小为v，由机械能守恒定律可得：Mg(h－l)＝mg(h－l)＋eq\f(1,2)(M＋m)v2①代入数据解得：v＝2m/s②线框的ab边刚进入磁场时，感应电流：I＝eq\f(Blv,R)③线框恰好做匀速运动，有：Mg＝mg＋IBl④