第3课时直线与椭圆的地位关系基础达标(水平一)1.若直线ax+by+4=0和圆x2+y2=4没有公共点,则过点(a,b)的直线与椭圆+=1的公共点个数为().A.0B.1C.2D.与a,b的值有关【解析】由于直线ax+by+4=0和圆x2+y2=4没有公共点,所以原点到直线的距离d=>2,所以a2+b2<4,所以点(a,b)是在以原点为圆心,2为半径的圆内的点.由于椭圆的长半轴长为3,短半轴长为2,所以圆x2+y2=4内切于椭圆,所以点(a,b)是椭圆内的点,所以过点(a,b)的一条直线与椭圆的公共点个数为2.故选C.【答案】C2.直线y=kx+3与椭圆+=1恒有公共点,则m的取值范围是().A.m≥3且m≠8B.m≥9C.m≠8D.m≤8【解析】由于直线恒过定点(0,3),且直线与椭圆恒有公共点,所以需使点(0,3)在椭圆内或椭圆上,所以≤1,即m≥9.【答案】B3.椭圆+=1中,以点M(-1,2)为中点的弦所在的直线斜率为().A.B.C.D.-【解析】设直线与椭圆交于A,B两点,A(x1,y1),B(x2,y2),则有x1+x2=-2,设直线为y=k(x+1)+2,联立得(9+16k2)x2+32k(k+2)x+16(k+2)2-144=0.所以x1+x2=,所以=-2,解得k=.故选B.【答案】B4.已知椭圆E:+=1,对于任意实数k,以下直线被椭圆E截得的弦长与直线l:y=kx+1被椭圆E截得的弦长不可能相等的是().A.kx+y+k=0B.kx-y-1=0C.kx+y-k=0D.kx+y-2=0【解析】A选项中,当k=-1时,两直线关于y轴对称,两直线被椭圆E截得的弦长相等;B选项中,当k=1时,两直线关于原点对称,两直线被椭圆E截得的弦长相等;C选项中,当k=1时,两直线关于y轴对称,两直线被椭圆E截得的弦长相等.【答案】D5.已知椭圆C:+y2=1,斜率为1的直线l与椭圆C交于A,B两点,且|AB|=,则直线l的方程为.【解析】设直线l的方程为y=x+m,联立化简得4x2+6mx+3m2-3=0,∴x1+x2=-,x1x2=.∵|AB|=|x1-x2|,∴·=,∴m=±1,∴直线l的方程为y=x±1.【答案】y=x±16.过点M(1,1)作斜率为-的直线与椭圆C:+=1(a>b>0)相交于A,B两点,若M是线段AB的中点,则椭圆C的离心率为.【解析】设点A(x1,y1),B(x2,y2),分别代入椭圆方程相减得+=0,根据题意有x1+x2=2×1=2,y1+y2=2×1=2,且=-,所以+×=0,整理得a2=2b2,所以a2=2(a2-c2),整理得a2=2c2,所以=,即e=.【答案】7.已知椭圆E的中心在座标原点,对称轴为坐标轴,且一个焦点为(0,-),点A(1,)在该椭圆上.(1)求椭圆E的方程;(2)若斜率为的直线l与椭圆E交于不同的两点B,C,当△ABC的面积最大时,求直线l的方程.【解析】(1)椭圆的一个焦点为(0,-),设椭圆方程为+=1(a>).将点A(1,)代入方程,得+=1,整理得a4-5a2+4=0,解得a2=4或a2=1(舍去),故所求椭圆方程为+=1.(2)设直线BC的方程为y=x+m,点B(x1,y1),C(x2,y2),代入椭圆方程并化简,得4x2+2mx+m2-4=0,由Δ=8m2-16(m2-4)=8(8-m2)>0,可得0≤m2<8.(*)又x1+x2=-m,x1x2=,故|BC|=|x1-x2|=.又点A到直线BC的距离为d=,故S△ABC=|BC|·d=≤·=,当且仅当2m2=16-2m2,即m=±2时取等号(满意*式),此时直线l的方程为y=x±2.拓展提升(水平二)8.设椭圆+=1(a>b>0)的左,右焦点分别为F1,F2,点P(a,b)满意|F1F2|=|PF2|,设直线PF2与椭圆交于M,N两点.若|MN|=16,则椭圆的方程为().A.+=1B.+=1C.+=1D.+=1【解析】由于点P(a,b)满意|F1F2|=|PF2|,所以=2c.整理得2e2+e-1=0,解得e=.所以a=2c,b=c,椭圆的方程为3x2+4y2=12c2.直线PF2的方程为y=(x-c),将直线方程代入椭圆方程,整理得5x2-8cx=0,解得x=0或x=c,所以M(0,-c),N,因而|MN|=c=16,所以c=5.所以椭圆的方程为+=1,故选B.【答案】B9.阿波罗尼斯是古希腊著名数学家,与欧几里得、阿基米德被称为亚历山大时期数学“三巨匠”,他对圆锥曲线有深刻而零碎的讨论,次要讨论成果集中在他的代表作《圆锥曲线》